朋友(翻转树边权值比赛)——依然是思维
2020-04-12 16:00:26来源:博客园 阅读 ()
朋友(翻转树边权值比赛)——依然是思维
思维 我们只需看与根节点直接相连的边权权值是1的有几条,就可判断以该节点为根节点而开始游戏的胜者,奇数->先手胜 偶数->后手胜。B君在围观一群男生和一群女生玩游戏,具体来说游戏是这样的:
给出一棵n个节点的树,这棵树的每条边有一个权值,这个权值只可能是0或1。 在一局游戏开始时,会确定一个节点作为根。接下来从女生开始,双方轮流进行 操作。
当一方操作时,他们需要先选择一个不为根的点,满足该点到其父亲的边权为1; 然后找出这个点到根节点的简单路径,将路径上所有边的权值翻转(即0变成1,1 变成0 )。
当一方无法操作时(即所有边的边权均为0),另一方就获得了胜利。
如果在双方均采用最优策略的情况下,女生会获胜,则输出“Girls win!”,否则输 出“Boys win!”。
为了让游戏更有趣味性,在每局之间可能会有修改边权的操作,而且每局游戏指 定的根节点也可能是不同的。
具体来说,修改边权和进行游戏的操作一共有m个,具体如下:
?“0 x”表示询问对于当前的树,如果以x为根节点开始游戏,哪方会获得胜利。
?
B君当然知道怎么做啦!但是他想考考你。
Input包含至多5组测试数据。
第一行有一个正整数,表示数据的组数。
接下来每组数据第一行,有二个空格隔开的正整数n,m,分别表示点的个数,操 作个数。保证n,m< 40000。
接下来n-1行,每行三个整数x,y,z,表示树的一条边。保证1<x<n, 1<y< n, 0 <= z <= 1。
接下来m行,每行一个操作,含义如前所述。保证一定只会出现前文中提到的两 种格式。
对于操作0,保证1 <= x <= n ;对于操作1,保证1 <= x <= n, 1 <= y <= n, 0 <= z <= 1,保证树上存在一条边连接x和y。
Output对于每组数据的每一个询问操作,输出一行“Boys win!”或者“Girls win!”。Sample Input
2 2 3 1 2 0 0 1 1 2 1 1 0 2 4 11 1 2 1 2 3 1 3 4 0 0 1 0 2 0 3 0 4 1 2 1 0 0 1 0 2 0 3 1 3 4 1 0 3 0 4Sample Output
Boys win! Girls win! Girls win! Boys win! Girls win! Boys win! Boys win! Girls win! Girls win! Boys win! Girls win!
思路:
对于这种类似的题,我们知道一定有隐藏的规律。
主要就是看直接连到根节点的树边。
①假如连接到根节点的边只有一条,我们把这条边叫作X。
1.那么我们想,如果X边权是1:
先手可以不管X后面的边,只将X翻成0,即使下一步,另一人将后面的可以翻边翻了,那么X又变成1了,这样不管另一人翻后面的哪条边,先手都可以只翻X,消耗另一人,直至X后面全是0,再翻X,先手胜利。
2.相反的,X边权是0:
先手只能翻X后面的边,而另一人(后手)就可以仿照上一种情况的先手,后手取胜。
②类似的,我们将直接连接到根节点的,且边权是1的边拓展到多条,将它们统称为X:
1.如果X的数量是奇数,先手与后手(一条链一条链地)轮流消耗对方,最终一条带X的链还是先手先翻X,先手取胜(仿照①1.)
2.同理,X的数量是偶数,先手与后手(一条链一条链地)轮流消耗对方,最终一条带X的链是后手先翻X,后手取胜(仿照①2.)
注意:(在②中,我们不跟①一样讨论直接连到根节点的,边权是0的边,因为如果这条边后面的边有权值1,先手翻了之后,
这条直接连到根节点的边就成1了,后手就可以用其消耗对方,后手胜利,也就相当于X是0条的时候,即X数量是偶数,同②2.结论)
总结:
我们只需看与根节点直接相连的边权权值是1的有几条,就可判断以该节点为根节点而开始游戏的胜者,奇数->先手胜 偶数->后手胜。
代码:
1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <cmath> 4 #include <algorithm> 5 using namespace std; 6 const int maxn=4e4+3; 7 int head[maxn],n,m,cnt,key; 8 int x,y,z; 9 struct Edge{bool wei;int to,next;}e[2*maxn]; 10 void Add(int x,int y,int z){ 11 e[++cnt].to=y; 12 if(z)e[cnt].wei=1;else e[cnt].wei=0; 13 e[cnt].next=head[x]; 14 head[x]=cnt; 15 } 16 void Xiugai(int x,int y,int z){ 17 for(int i=head[x];i;i=e[i].next){ 18 if(y==e[i].to){ 19 if(z)e[i].wei=1;else e[i].wei=0; 20 break; 21 } 22 } 23 for(int i=head[y];i;i=e[i].next){ 24 if(x==e[i].to){ 25 if(z)e[i].wei=1;else e[i].wei=0; 26 return; 27 } 28 } 29 } 30 void Sta(int root){ 31 int ans=0; 32 for(int i=head[root];i;i=e[i].next){ 33 if(e[i].wei)ans++; 34 } 35 if(ans%2==1)printf("Girls win!\n"); 36 else printf("Boys win!\n"); 37 } 38 int main(){ 39 // freopen("1.in","r",stdin); 40 int t; 41 scanf("%d",&t); 42 while(t--){ 43 cnt=0;memset(head,0,sizeof(head)); 44 scanf("%d%d",&n,&m); 45 for(int i=1;i<n;++i){ 46 scanf("%d%d%d",&x,&y,&z); 47 Add(x,y,z);Add(y,x,z); 48 } 49 for(int i=1;i<=m;++i){ 50 scanf("%d",&key); 51 if(!key){ 52 scanf("%d",&x); 53 Sta(x); 54 }else{ 55 scanf("%d%d%d",&x,&y,&z); 56 Xiugai(x,y,z); 57 } 58 } 59 } 60 return 0; 61 }
原文链接:https://www.cnblogs.com/Lour688/p/12688771.html
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