有关同时进行两条线路的四维dp

今天发现自己完全对这种dp没有思路……我果然太蒻了。/落泪.jpg

对于一个N*N的方格图中选择两条线路从左上角到右下角，其实只要用一个数组f[i][j][p][q]记录一个人走到(i,j)另一个人走到(p,q)的最优解就好啦。

由于行进的方向是固定的，即只可以向右或向下，所以只可能有四种情况：f[i-1][j][p-1][q],f[i-1][j][p][q-1],f[i][j-1][p-1][q],f[i][j-1][p][q-1]。

得到状态转移方程： f[i][j][p][q]=max(f[i-1][j][p-1][q],max(f[i-1][j][p][q-1],max(f[i][j-1][p-1][q],f[i][j-1][p][q-1])))+d[i][j]+d[p][q]; 

 

代入具体题目进行分析。

例题一 P1004 方格取数

四维dp模板题

分析对于走过后数字变为0的情况，其实只要判断在两条路径重复时减去d[i][j]就好了。

代码：

 

#include<iostream>
#include<cstdio>

using namespace std;

int n;
int d[10][10],f[10][10][10][10];

int main()
{
    scanf("%d",&n);
    while(1)
    {
        int x,y,v;
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&v);
        if(x==y&&y==v&&v==0)    break;
        d[x][y]=v;
    }
    
    for(int i=1;i<=n;++i)
    for(int j=1;j<=n;++j)
    for(int p=1;p<=n;++p)    
    for(int q=1;q<=n;++q)
    {
        f[i][j][p][q]=max(f[i-1][j][p-1][q],max(f[i-1][j][p][q-1],max(f[i][j-1][p-1][q],f[i][j-1][p][q-1])))+d[i][j]+d[p][q];
        if(i==p&&j==q)    f[i][j][p][q]-=d[i][j];//去重
    }
    
    printf("%d\n",f[n][n][n][n]);
    
    return 0;
}

 

 

 

 

例题二 P1006 传纸条

与上一题不同，这一题的两条线路无法重叠。而这两条不重叠的线路：

一定是一条在上一条在下的！

所以p只要枚举i+1~m。

又因为p的限定，i是肯定无法枚举到m的，所以我们的答案只要等价的输出f[m-1][n][m][n-1]（实际上也是唯一解），因为(m-1,n)和(n,m-1)达到(m,n)都不用加上好心程度嘛。

代码：

#include<iostream>
#include<cstdio>

using namespace std;

int m,n;
int d[55][55],f[55][55][55][55];

int main()
{
    scanf("%d%d",&m,&n);
    for(int i=1;i<=m;++i)
    for(int j=1;j<=n;++j)
        scanf("%d",&d[i][j]);
    
    for(int i=1;i<=m;++i)
    for(int j=1;j<=n;++j)
    for(int p=i+1;p<=m;++p)    //避免两条线路重合
    for(int q=1;q<n;++q)
        f[i][j][p][q]=max(f[i-1][j][p-1][q],max(f[i-1][j][p][q-1],max(f[i][j-1][p-1][q],f[i][j-1][p][q-1])))+d[i][j]+d[p][q];
    
    printf("%d\n",f[m-1][n][m][n-1]);
    
    return 0;
}

 

 

原文链接:https://www.cnblogs.com/ninecities/p/11402082.html
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