cf559C. Gerald and Giant Chess(容斥原理)
2018-09-01 05:36:58来源:博客园 阅读 ()
题意
$h \times w$的网格,有$n$个障碍点,
每次可以向右或向下移动
求从$(1, 1)$到$(h, w)$不经过障碍点的方案数
Sol
容斥原理
从$(1, 1)$到$(h, w)$不经过障碍点的方案数为$C(h + w, h)$
设$f[i]$表示到达第$i$个黑格子的合法路径的方案数
首先对所有点按$x$排序,这样就能保证每次从他的左上方转移而来
然后根据公式算一下就好了
// luogu-judger-enable-o2 #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<stack> #include<vector> #include<cstring> #define Pair pair<int, int> #define MP(x, y) make_pair(x, y) #define fi first #define se second #define int long long //#define int long long using namespace std; const int MAXN = 3 * 1e6, mod = 1e9 + 7; inline int read() { char c = getchar(); int x = 0, f = 1; while(c < '0' || c > '9'){if(c == '-') f = -1; c = getchar();} while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar(); return x * f; } Pair P[MAXN]; int h, w, N; int fac[MAXN], ifac[MAXN], f[MAXN]; int fastpow(int a, int p) { int base = 1; while(p) { if(p & 1) base = (base * a) % mod; a = (a * a) % mod; p >>= 1; } return base % mod; } int C(int N, int M) { return (fac[N] * ifac[M] % mod * ifac[N - M]) % mod; } main() { h = read(), w = read(); N = read() + 1; fac[0] = 1; for(int i = 1; i <= h + w; i++) fac[i] = i * fac[i - 1] % mod; ifac[h + w] = fastpow(fac[h + w], mod - 2); for(int i = h + w; i >= 1; i--) ifac[i - 1] = i * ifac[i] % mod; for(int i = 1; i <= N - 1; i++) { int x = read(), y = read(); P[i] = MP(x, y); } P[N] = MP(h, w); sort(P + 1, P + N + 1); for(int i = 1; i <= N; i++) { f[i] = C(P[i].fi + P[i].se - 2, P[i].fi - 1); for(int j = i - 1; j >= 1; j--) { if(P[j].se <= P[i].se) { int x = P[i].fi - P[j].fi + 1, y = P[i].se - P[j].se + 1; (f[i] -= f[j] * C(x + y - 2, x - 1) % mod + mod) %= mod; } } } printf("%I64d", (f[N] + mod) % mod); return 0; } /* 2 3 2 2 1 2 2 */
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