Luogu P1073 最优贸易

2018-06-17 21:32:56来源:未知 阅读 ()

新老客户大回馈,云服务器低至5折

题目描述

C 国有 n 个大城市和 m 条道路,每条道路连接这 n 个城市中的某两个城市。任意两个城市之间最多只有一条道路直接相连。这 m 条道路中有一部分为单向通行的道路,一部分为双向通行的道路,双向通行的道路在统计条数时也计为 1 条。

C 国幅员辽阔,各地的资源分布情况各不相同,这就导致了同一种商品在不同城市的价格不一定相同。但是,同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。

商人阿龙来到 C 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息之后,便决定在旅游的同时,利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 C 国 n 个城市的标号从 1~ n,阿龙决定从 1 号城市出发,并最终在 n 号城市结束自己的旅行。在旅游的过程中,任何城市可以重复经过多次,但不要求经过所有 n 个城市。阿龙通过这样的贸易方式赚取旅费:他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球,并在之后经过的另一个城市卖出这个水晶球,用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 C 国旅游,他决定这个贸易只进行最多一次,当然,在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。

假设 C 国有 5 个大城市,城市的编号和道路连接情况如下图,单向箭头表示这条道路为单向通行,双向箭头表示这条道路为双向通行。

假设 1~n 号城市的水晶球价格分别为 4,3,5,6,1。

阿龙可以选择如下一条线路:1->2->3->5,并在 2 号城市以 3 的价格买入水晶球,在 3号城市以 5 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 2。

阿龙也可以选择如下一条线路 1->4->5->4->5,并在第 1 次到达 5 号城市时以 1 的价格买入水晶球,在第 2 次到达 4 号城市时以 6 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 5。

现在给出 n 个城市的水晶球价格,m 条道路的信息(每条道路所连接的两个城市的编号以及该条道路的通行情况)。请你告诉阿龙,他最多能赚取多少旅费。

输入输出格式

输入格式:

 

第一行包含 2 个正整数 n 和 m,中间用一个空格隔开,分别表示城市的数目和道路的数目。

第二行 n 个正整数,每两个整数之间用一个空格隔开,按标号顺序分别表示这 n 个城市的商品价格。

接下来 m 行,每行有 3 个正整数,x,y,z,每两个整数之间用一个空格隔开。如果 z=1,表示这条道路是城市 x 到城市 y 之间的单向道路;如果 z=2,表示这条道路为城市 x 和城市y 之间的双向道路。

 

输出格式:

 

输出文件 trade.out 共 1 行,包含 1 个整数,表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易,则输出 0。

 

输入输出样例

输入样例#1: 
5 5 
4 3 5 6 1 
1 2 1 
1 4 1 
2 3 2 
3 5 1 
4 5 2 
输出样例#1: 
5

说明

【数据范围】

输入数据保证 1 号城市可以到达 n 号城市。

对于 10%的数据,1≤n≤6。

对于 30%的数据,1≤n≤100。

对于 50%的数据,不存在一条旅游路线,可以从一个城市出发,再回到这个城市。

对于 100%的数据,1≤n≤100000,1≤m≤500000,1≤x,y≤n,1≤z≤2,1≤各城市

水晶球价格≤100。

NOIP 2009 提高组 第三题

 

 

在做这道题时,犯了很多小错误,打个spfa把vis数组写成了dis,然后一直没发现,但神奇的是样例过了,然后疯狂WA。。。。。。

这道题的思路很简单:

在一条从起点到终点的路上的任意一个点,在这个点的前开后闭区间里买入,并且在前闭后开区见里抛出,最大的差价即为最优贸易

自然想到了spfa但是spfa是依赖边权进行计算的,那怎么办,我们可以把点权赋给相邻的边权。

本题又很多细节需要处理:

1.建图是错综复杂,务必要检查清楚。

2.本图是有环的!判断条件在里面将会将spfa卡住!

3.对于每一次操作(每一条边)都应该在1.该边边权 2.起点值 3.终点值里面筛选min

4.初始化很重要,不然会进入低价的死路!

  1 #include<bits/stdc++.h>
  2 using namespace std;
  3 const int gg=1000000+5;
  4 int n,m;
  5 int b[100000+2];
  6 int dis[gg],dis2[gg];
  7 struct node{
  8     int w;
  9     int to;
 10     int net;
 11 }a[gg],aa[gg];
 12 bool vis[gg],vis2[gg];
 13 int head[gg],head2[gg];
 14 int cnt,cnt2;
 15 
 16 inline void add2(int i,int j,int w)
 17 {
 18     aa[++cnt2].to=j;
 19     aa[cnt2].net=head2[i];
 20     aa[cnt2].w=w;
 21     head2[i]=cnt2;
 22 }
 23 
 24 inline void add(int i,int j,int w)
 25 {
 26     a[++cnt].to=j;
 27     a[cnt].net=head[i];
 28     a[cnt].w=w;
 29     head[i]=cnt;
 30 }
 31 
 32 inline void spfa(int s)
 33 {
 34     deque<int>q;
 35     for(int i=1;i<=n;i++)
 36     dis[i]=999999;
 37     memset(vis,false,sizeof(vis));
 38     q.push_back(s);
 39     dis[s]=0;
 40     vis[s]=true;
 41     while(!q.empty())
 42     {
 43         int u=q.front();
 44         q.pop_front();
 45         vis[u]=false;
 46         for(int i=head[u];i;i=a[i].net)
 47         {
 48             int v=a[i].to;
 49             if(dis[v]>min(dis[u],a[i].w))
 50             {
 51                 dis[v]=min(dis[u],a[i].w);
 52                 if(!vis[v])
 53                 {
 54                     vis[v]=true;
 55                     if(q.empty()||dis[v]>dis[q.front()])
 56                     {
 57                         q.push_back(v);
 58                     }
 59                     else
 60                     {
 61                         q.push_front(v);
 62                     }
 63                 }
 64             }
 65         }
 66     }
 67 }
 68 
 69 inline void spfa2(int s)
 70 {
 71     deque<int>q;
 72     for(int i=1;i<=n;i++)
 73     dis2[i]=0;
 74     memset(vis2,false,sizeof(vis2));
 75     q.push_back(s);  
 76     dis2[s]=0;
 77     vis2[s]=true;
 78     while(!q.empty())
 79     {
 80         int u=q.front();
 81         q.pop_front();
 82         vis2[u]=false;
 83         for(int i=head2[u];i;i=aa[i].net)
 84         {
 85             int v=aa[i].to;
 86             if(dis2[v]<max(dis2[u],aa[i].w))
 87             {
 88                 dis2[v]=max(dis2[u],aa[i].w);
 89                 if(!vis2[v])
 90                 {
 91                     vis2[v]=true;
 92                     if(q.empty()||dis2[v]>dis2[q.front()])
 93                     {
 94                         q.push_back(v);
 95                     }
 96                     else
 97                     {
 98                         q.push_front(v);
 99                     }
100                 }
101             }
102         }
103     }
104 }
105 
106 int ans=0;
107 
108 int main()
109 {
110     cin>>n>>m;
111     for(int i=1;i<=n;i++)
112     {
113         cin>>b[i];
114     }
115     for(int i=1;i<=m;i++)
116     {
117         int q,w,e;
118         cin>>q>>w>>e;
119         if(e==1)
120         {
121             add(q,w,b[w]);
122             add2(w,q,b[q]);
123         }
124     else if(e==2)
125         {
126             add(q,w,b[w]);
127             add(w,q,b[q]);
128             add2(q,w,b[w]);
129             add2(w,q,b[q]);
130         }
131     }
132     spfa(1);
133     spfa2(n);
134     for(int i=1;i<=n;i++)
135     {
136         ans=max(ans,dis2[i]-dis[i]);
137     }
138     cout<<ans<<endl;
139     return 0;
140 }

 

标签:

版权申明:本站文章部分自网络,如有侵权,请联系:west999com@outlook.com
特别注意:本站所有转载文章言论不代表本站观点,本站所提供的摄影照片,插画,设计作品,如需使用,请与原作者联系,版权归原作者所有

上一篇:SSE指令学习

下一篇:ccf题库中2015年12月2号消除类游戏